Đề thi tuyển sinh Lớp 10 môn Toán - Năm học 2019-2020 - Sở Giáo dục và đào tạo Hậu Giang

Nội dung text: Đề thi tuyển sinh Lớp 10 môn Toán - Năm học 2019-2020 - Sở Giáo dục và đào tạo Hậu Giang

1. SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT, THPT CHUYÊN TỈNH HẬU GIANG NĂM HỌC: 2019 - 2020 MÔN THI : TOÁN - THPT ĐỀ CHÍNH THỨC Thời gian : 120 phút (không tính thời gian giao đề) PHẦN I: TRẮC NGHIỆM (3,0 điểm) Câu 1: Điều kiện để hàm số yđồng biếnm 3trên x R3 là: A.m 3 B. m 3 C. m 3 D. x 3 Câu 2: Cho hàm số y 3x2 kết luận nào sau đây đúng. A.y 0 là giá trị lớn nhất của hàm số B.y 0 là giá trị nhỏ nhất của hàm số C. Không xác định được giá trị lớn nhất của hàm số trên. D. Xác định được giá trị nhỏ nhất của hàm số trên. 2019 Câu 3: Điều kiện xác định của biểu thức 2019 là: x A.x 0 B. x 1 C. x 1 hoặc x 0 D. 0 x 1 Câu 4: Cho phương trình x 2y 2 1 , phương trình nào trong các phương trình sau đây kết hợp với (1) để được phương trình vô số nghiệm. 1 1 A.2x 3y 3 B. 2x 4y 4 C. x y 1 D. x y 1 2 2 2 Câu 5: Biểu thức 5 3 5 có kết quả là: A.3 2 5 B. 3 2 5 C. 2 3 5 D. -3 Câu 6: Cho hai phương trình x2 2x a 0 và x2 x 2a 0 . Để hai phương trình cùng vô nghiệm thì: 1 1 A.a 1 B. a 1 C. a D. a 8 8 Câu 7: Cho đường tròn O;R và một dây cung AB R . Khi đó số đo cung nhỏ AB là: A.600 B. 1200 C. 1500 D. 1000 Câu 8: Đường tròn là hình: A. Không có trục đối xứng C. Có một trục đối xứng B. Có hai trục đối xứng D. Có vô số trục đối xứng 2 3 3 Câu 9: Cho phương trình x x 4 0 có nghiệm x1;x2 . Biểu thức A x1 x2 có giá trị là: A.A 28 B. A 13 C. A 13 D. A 18
2. Câu 10: Thể tích hình cầu thay đổi như thế nào nếu bán kính hình cầu tăng gấp 2 lần: A. Tăng gấp 16 lần C. Tăng gấp 8 lần B. Tăng gấp 4 lần D. Tăng gấp 2 lần Câu 11: Diện tích hình tròn ngoại tiếp một tam giác đều cạnh a là: 2 2 2 3 a 2 a A. a B. C. 3 a D. 4 3 Câu 12: Cho tam giác ABC vuông tại A. khi đó trong các khẳng định sau, khẳng định nào đúng? AB cosC A. B. sin B cosC C. sin B tan C D. tan B cosC AC cosB PHẦN II: TỰ LUẬN (7 điểm) 4 8 2 3 6 Bài 1. (1,0 điểm) Rút gọn biểu thức A 2 2 3 Bài 2. (1,5 điểm) không sử dụng máy tính cầm tay, hãy giải các phương trình và hệ phương trình sau: 2 2 4 2 3x 4y 17 a) 5x 13x 6 0 b) x 2x 15 0 c) 5x 2y 11 Bài 3. (1,5 điểm) 1 a) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy vẽ parabol (P): y x2 2 1 b) Tìm m để đường thẳng (d): y m 1 x m2 m đi qua điểm M 1; 1 2 c) Chứng minh rằng parabol (P) luôn cắt đường thẳng d tịa hai điểm phân biệt A và B. 2 2 Gọi x1;x2 là hoàng độ hai điểm A, B. Tìm m sao cho x1 x2 6x1x2 2019 Bài 4. (2,5 điểm) Cho đường tròn tâm (O) với đáy AB cố định không phải đường kính. Gọi C là điểm thuộc cung lớn AB sao cho tam giác ABC nhọn. M, N lần lượt là điểm chính giữa của cung nhỏ AB; AC . Gọi I là giao điểm của BN và CM. Dây MN cắt AB và AC lần lượt tại H và K. a) Chứng minh tứ giác BMHI nội tiếp. b) Chứng minh MK.MN MI.MC c) chứng minh tam giác AKI cân tại K. x2 3x 2019 Bài 5: Với x 0 , tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: A x2 HẾT Họ và tên thí sinh: SBD: Phòng thi số:
3. HƯỚNG DẪN GIẢI PHẦN I: TRẮC NGHIỆM 1.B 2.A 3.C 4.C 5.B 6.A 7.A 8.D 9.C 10.C 11.D 12.B PHẦN II: TỰ LUẬN 4 8 2 3 6 4 2 2 2 3 2 3 Bài 1: A 2 2 3 2 2 3 4 3 2 3 2 3 2 2 3 2 2 2 2. 3 2 2 3 2 2 3 2 2 3 2 2 2 3 2 2 3 1 2 1 2 2 2 3 2 2 3 Vậy A 1 2 Bài 2: a) 5x2 13x2 6 0 Ta có 132 4.5.6 289 0 17 13 17 2 x 1 2.5 5 phương trình có hai nghiệm phân biệt 13 17 x 3 2 2.5 2  Vậy phương trình có tập nghiệm: S ; 3 5  b) x4 2x2 15 0 Đặt t x2 t 0 khi đó ta có phương trình: t 2 2t 15 0 t 5 t 3 0 t 5 ktm t 3 tm x 3 Với t 3 x2 3 x 3 Vậy phương trình có tập nghiệm: S 3 3x 4y 17 3x 4y 17 13x 39 x 3 x 3 c) 5x 2y 11 10x 4y 22 5x 2y 11 5.3 2y 11 y 2 Bài 3: a) Tự vẽ 1 b) Tìm m để đường thẳng (d): y m 1 x m2 m đi qua điểm M 1; 1 2 1 Vì M 1; 1 thuộc (d): y m 1 x m2 m nên thay tọa độ M vào d ta được: 2 1 1 1 m 1 .1 m2 m m2 m m 1 1 0 2 2
4. 1 1 m2 2m 0 m m 4 0 2 2 m 0 m 4 Vậy m 0;m 4 thỏa mãn bài toán c) Phương trình hoành độ giao điểm của P và d là: 1 1 x2 m 1 x m2 m 2 2 1 1 x2 m 1 x m2 m 0 1 2 2 2 1 1 2 Ta có m 1 4. . m m 2 2 m2 2m 1 m2 2m 2m2 1 0 với mọi m Suy ra phương trình 1 luôn có hai nghiệm phân biết với mọi m Nên P luôn cắt d tại hai điểm phân biệt A và B x1 x2 2 m 1 Theo vi-ét ta có: 2 x1.x2 m 2m 2 2 Theo đề ta có: x1 x2 6x1x2 2019 2 x1 x2 4x1x2 2019 0 2 2 2 m 1 4 m 2m 2019 0 4m2 8m 4 4m2 8m 2019 0 16m 2015 0 16m 2015 2015 m 16 Bài 4: a) Ta có: A· BN N· MC (hai góc nội tiếp cùng chắn cung hai cung bằng nhau)
5. H· BI H· MI Tứ giác BMHI nội tiếp ( tứ giác có hai đỉnh kề cùng nhìn 1 cạnh dưới các góc bằng nhau). b) Ta có M· NB A· CM (hai góc nội tiếp cùng chắn cung hai cung bằng nhau) M· NI M· CK Xét tam giác MIN và tam giác MKC ta có: N· MC : chung M· NI M· CK cmt MI MK MIN MKC g g MK.MN MI.MC MN MC c) Ta có M· NI M· CK (cmt) nên tứ giác NCIK nội tiếp H· KI N· CI N· CM ( góc ngoài và góc trong tại đỉnh đối diện của tứ giác nội tiếp) sdM¼ N Lại có N· MC (góc nội tiếp bằng nửa số đo cung bị chắn) 2 sdA»N sdB¼M sdA»N sdA¼M sdM¼ N A· HN (góc có đỉnh bên trong đường tròn) 2 2 2 N· CM A· HK H· KI A· HK mà chúng ở vị trí so le trong AH / /KI Chứng minh tương tự ta có A· KH K· HI mà chúng ở vị trí so le trong AK / /HI AH / /KI Xét tứ giác AHIK ta có AHKI là hình bình hành (1) AK / /HI Tứ giác BMHI là tứ giác nội tiếp M· HB M· IB (hai góc nt cùng chắn cung MB) Tứ giác NCIK là tứ giác nội tiếp N· KC K· IC (hai góc nt cùng chắn cung NC) Mà M· IB N· IC dd M· HB N· KI A· HK A· KH AHK cân tại H AH AK 2 Từ (1) và (2) tứ giác AHIK là hình thoi KA KI AKI cân tại K (đpcm) Bài 5: Điều kiện x 0 x2 3x 2019 3 2019 Ta có A 1 x2 x x2 1 Đặt t t 0 ta được: x 2 2 1 A 1 3t 2019t 2019 t t 1 673 2 2 2 2 1 1 1 1 2689 2689 2019 t 2t 2019 1 2019 t 1346 1346 1346 1346 2692 2692 với mọi t thuộc R 1 2689 1 Dấu “=” xảy ra khi t tm . Vậy min A khi t x 1346 tm 1346 2692 1346